Sở GD & ĐT Thanh Hoá ĐỀ THI KHẢO SÁT CHẤT LƯỢNG LỚP 12
Trường THPT Lê Văn Hưu MÔN TOÁN KHỐI A
Ngày thi: 28/01/2011
Thời gian:180 phút (Không kể thời gian phát đề)
PHẦN CHUNG CHO TẤT CẢ CÁC THÍ SINH (7.0 điểm)
Câu I. (2.0 điểm)
Cho hàm số y = x
4
– 4x
2
+ 3 (C).
1. Khảo sát và vẽ đồ thị của hàm số (C)
2. Gọi (C
1
) là đồ thị đối xứng của đồ thị (C) qua điểm A(
1
;2
2
)Viết phương trình tiếp tuyến với đồ thị
(C
1
) biết rằng tiếp tuyến song song với đường thẳng (d): 16x + y – 2 = 0
Câu II. (2.0 điểm)
1.Giải phương trình 4sin3x -13sin2x + 4sinx = 3cos3x – 13cosx + 8cos
2
x
2. Giải bất phương trình
2 2
(4 1) 1 2 2 1x x x x− + − − ≥
Câu III. (1.0 điểm)
Tìm nguyên hàm I =

2
c
2
Tìm giá trị lớn nhất của biểu thức
2 2
2009 2011 2007( ) 2009 2011bc a c a b c bc a b
A
a bc
+ + + + +
=
Câu V. (1.0 điểm)
Cho hình vuông ABCD tâm I .Các nửa đường thẳng Ax, Cy cùng vuông góc với mặt phẳng (ABCD)
và ở cùng phía đối với mặt phẳng đó. Trên Ax, Cy lần lượt lấy các điểm M, N sao cho AM = m,
CN = n, m,n
0>
góc tạo bởi hai mặt phẳng (MBD) và (ABCD) bằng 30
0
.Tính thể tích của
khối chóp B.AMNC. Tìm điều kiện của m theo n để góc MIN vuông.
PHẦN RIÊNG ( 3.0 điểm)
Thí sinh chỉ làm một trong hai phần A hoặc B (Nếu thí sinh làm cả hai phần sẽ không được chấm điểm).
A. Theo chương trình nâng cao
Câu VIa. (2.0 điểm)
1. Trong mặt phẳng toạ độ Oxy. Lập phương trình đường thẳng đi qua A(8 ;6) và tạo với 2 trục toạ độ
một tam giác có diện tích bằng 12.
2. Giải phương trình
1 2 10
1023
x x x
x x x

−
), B, C thuộc đường thẳng đi qua N(0 ; 3), A,D
thuộc đường thẳng đi qua P(4 ; -1/3), C,D thuộc đường thẳng đi qua Q(6 ;2) .
2. Giải bất phương trình :
3
1
4
1 3
1
14
x
x
x
C
A P
−
−
+
<
(
, ,
k k
n n k
C A P
lần lượt là tổ hợp, chỉnh hợp chập k của n phần tử,
hoán vị của k phần tử)
Câu VIIb. (1.0 điểm)
Giải hệ phương trình
2 2
10 2

= +∞ = +∞
y’ = 4x
3
– 8x, y’ = 0
0,25
Bảng biến thiên
Khoảng đồng biến , nghịch biến và cực trị của hàm số
0,25
3. Đồ thị, nhận xét đồ thị 0,25
Giả sử M(x
1
; y
1
)
∈
(C), N(x
2
; y
2
)
∈
(C
1
) là hai điểm đối xứng nhau qua A khi đó ta có
1 2
2 2
1 2
1
(1 ;4 )
4

; y
0
) có dạng y = f’(x
0
)(x – x
0
) + y
0.
Vì tiếp tuyến song
0,25
song với (d) nên f’(x
0
) = -16
⇔
-4x
3
+ 12x
2
– 4x – 4 = -16
⇔
x
0
= 3 suy ra phương trình
tiếp tuyến cần tìm là y = - 16x + 49
0,5
Câu II.
1.(1điểm)
2.(1điểm)
Phương trình
⇔


= − +


trong đó
4
sin
5
3
os =
5
c
α
α

=






0,5
Đặt t =
2
1 ( 1)x t+ ≥
khi đó bất phương trình trở thành 2t
2
– (4x-1)t+2x-1
≤

1.(điểm)

2 2
2 2
2 2
x 1 2 1
ln(1 ) 2011 [ln(x +1)+2011]
( 1)[ln(x +1)+1]
ln[e ( 1) ]
x
x
x x x
dx dx
x
x
+ +
+ +
=
+
+
∫ ∫
0,25
Đặt t = ln(x
2
+ 1) + 1
2
2
1
x
dt dx

2009 2011 1 1 2009 2011
2007( )
a b b c a c
+ + + + +
0,25
Đặt x = 1/a, y = 1/b, z = 1/c khi đó x
2
+ y
2
+ z
2
= 3
A =
2 2
2009 2011 2007( ) 2009 2011x y y z x z+ + + + +
Ta có A
2

2 2
3.4018( 2(3 ))x x≤ + −
xét hàm số f(x) =
2 2
2(3 )x x+ −
trên (0;
3
]
0,25
Lập bảng biến thiên được A
Max
=

.
Vậy V
BACNM
=
2
( )m m n+
(đvtt)
0,5
* Ta có MN
2
= AC
2
+ (m - n)
2
= 13m
2
-2mn + n
2
MI
2
= x
2
/2 + m
2
, NI
2
= x
2
/2 + n
2

∆
= =
(2). Từ (1) và (2) ta có hệ
8 6
1
24
a b
ab

+ =



=


0,25
4
6
8
3
a
b
a
b
 =



= −

C C C⇔ + + + =
0,25
mặt khác ta có
0 1 10 10
10 10 10
2 1024C C C+ + + = =
Vậy x=10
0,5
CâuVII.a
1(điểm)
3 2 3
2
5 3 2 (1)
1 2 (2)
x xy y x y
x xy

+ − = −


= +


Thay (2) vào (1) ta được x
3
– 7xy
2
+ 3x
2
y + 3y

0,25
Với t = 1 ta có x = y hệ có nghiệm là (
1 1
;
3 3
), (
1 1
;
3 3
− −
)
Với t =
2 7− −
hệ có nghiệm là
2 7 1 2 7 1
( ; ), ( ; )
7 7
7 2 7 7 2 7
+ +
− −
+ +
Với t = - 2 +
7
hệ có nghiệm là
7 2 1 7 2 1
( ; ); ( ; )
7 7
7 2 7 7 2 7
− −
− −

k k
k k
k

− − − − − +
=

− = −

= ⇔ ⇔


− = −
+ +


= −


0,25
Với k = 1/3 ta có phương trình các cạnh hình chữ nhật là: AB:
1/ 3( 4 /3) 1, : 1/ 3( 6) 2, : 1/3 1 0, : 1/ 3 35 /9 0y x DC y x BC x y AD x y= + + = − + + − = + − =
Với k = -3/17 ta có phương trình các cạnh của hình chữ nhật là:
: 3/17( 4 /3) 1, : 3/17( 6) 2, : 3/17 9/17 0,
: 3/17 4 3/17 0
AB y x DC y x BC x y
AD x y
= − + + = − − + − + =
− − − =
0,25

7
42 0
6
x
x x
x
< −

⇔ + − > ⇔

>

kết hợp với điều kiện ta được
7x
x N
≥


∈

0,5
Câu
VIIb.
1(điểm)
Hệ phương trình đã cho
2 2
2 11
2 1 30
xy x y x
xy xy x y x


+ + + =
+ + + + =


 
⇔ ⇔
 
 
+ + + =
+ + + + =




0,25
Đặt
1
1
a
x
b y

=



= +

khi đó hệ trở thành

=



0,25
giải hệ với a,b tìm được ta được nghiệm của hệ là (1;4),(1/5;0), (1/3;1), (1/2;2) 0,25
Chó ý: NÕu thÝ sinh lµm bµi kh«ng theo c¸ch nªu trong ®¸p ¸n mµ vÉn ®óng th× ®îc ®ñ ®iÓm tõng phÇn nh ®¸p ¸n
quy ®Þnh