TRƯỜNG THPT CHUYÊN BẮC NINH
TỔ TOÁN TIN
(Đề thi gồm có 06 trang)

ĐỀ THI THỬ THPT QUỐC GIA LẦN 1
NĂM HỌC 2018 - 2019
MÔN: Toán
Thời gian làm bài : 90 Phút (không kể thời gian giao đề)
Mã đề 101

Họ tên : ............................................................... Số báo danh : ...............................
Câu 1: Hàm số y  x3  3 x 2  5 đồng biến trên khoảng nào dưới đây?
A. (0; 2)

B. (0;  )

C. ( ; 2)

D. (;0) và (2;  )

Câu 2: Trong các dãy số sau đây, dãy số nào là một cấp số cộng?
A. un  n 2  1 , n  1

B. un  2n , n  1

Câu 3: Hàm số có đạo hàm bằng 2x 

C. un  n  1 , n  1

D. un  2n  3 , n  1



C. y  f ' ( x0 )( x  x0 )  f ( x0 )

D. y  f ' ( x0 )( x  x0 )  f ( x0 )

x2  2  2
bằng
x 
x2
A.  .
B. 1.
C.  .
Câu 6: Cho tập hợp S gồm 20 phần tử. Tìm số tập con gồm 3 phần tử của S.
3
3
A. A20
B. C20
C. 60
Câu 5: Giới hạn lim

Câu 7: Đường cong ở hình bên là đồ thị của một trong bốn hàm
số ở dưới đây. Hàm số đó là hàm số nào?
A. y  2 x 3  x 2  6 x  1.

D. 1 .
D. 203
y
3

B. y  2 x3  6 x 2  6 x  1.

D. m  0 hoặc 2  m  6 .
Câu 11: Trong các khẳng định sau, khẳng định nào là khẳng định sai?
A. Hai mặt phẳng phân biệt cùng vuông góc với một mặt phẳng thì song song với nhau.
Trang 1/6 – Mã đề 101


B. Nếu một đường thẳng vuông góc với một trong hai đường thẳng song song thì cũng vuông góc với
đường thẳng còn lại.
C. Hai mặt phẳng phân biệt cùng vuông góc với một đường thẳng thì song song với nhau.
D. Nếu một đường thẳng và một mặt phẳng (không chứa đường thẳng đó) cùng vuông góc với một
đường thẳng thì song song với nhau.
Câu 12: Cho hình chóp S.ABC có đáy ABC là tam giác vuông tại B, SA vuông góc với mặt phẳng (ABC),
AH là đường cao trong tam giác SAB. Trong các khẳng định sau, khẳng định nào là khẳng định sai?
A. AH  AC .
B. AH  BC .
C. SA  BC .
D. AH  SC .

x3
 3x 2  2 có đồ thị là  C  . Viết phương trình tiếp tuyến với đồ thị  C  biết
3
tiếp tuyến có hệ số góc k  9 .
Câu 13: Cho hàm số y 

A. y  16  9  x  3 . B. y  9  x  3 .

C. y  16  9  x  3 .

D. y  16  9  x  3 .


C. x  k 2

B. x  k

D. x 



2
2
Câu 17: Cho hàm số y  f ( x) đồng biến trên khoảng (a; b) . Mệnh đề nào sau đây sai?

 k

A. Hàm số y  f ( x  1) đồng biến trên khoảng (a; b)
B. Hàm số y   f ( x )  1 nghịch biến trên khoảng (a; b)
C. Hàm số y  f ( x )  1 đồng biến trên khoảng (a; b)
D. Hàm số y   f ( x)  1 nghịch biến trên khoảng (a; b)
 3

Câu 18: Đạo hàm của hàm số y  sin 
 4 x  là:
 2

A. 4cos 4 x
B. 4cos 4x
C. 4sin 4x
Câu 19: Phương trình : cos x  m  0 vô nghiệm khi m là:

D. 4sin 4x


D.

1
3

Câu 21: Trong mặt phẳng Oxy cho tam giác ABC có A (2;1), B (-1;2),C (3; 0) . Tứ giác ABCE là hình

bình hành khi tọa độ đỉnh E là cặp số nào dưới đây?
Trang 2/6 – Mã đề 101


A. (6; -1) .

B. (0;1) .

C. (1; 6) .

D. (6;1) .

Câu 22: Cho đường thẳng d : 2 x  y  1  0. Để phép tịnh tiến theo v biến đường thẳng d thành chính nó

thì v phải là véc tơ nào sau đây:




A. v   1; 2  .
B. v   2; 1 .
C. v  1; 2  .

.
B.
.
C.
.
3
6
4
Câu 26: Cho hàm số f  x  có đạo hàm trên  và có đồ
A.

D.

2a 3
.
5

thị y  f   x  như hình vẽ. Xét hàm số g  x   f  x 2  2  . Mệnh đề
nào sau đây sai?
A. Hàm số g  x  nghịch biến trên  0; 2  .
B. Hàm số g  x  đồng biến trên    .
C. Hàm số g  x  nghịch biến trên    .
D. Hàm số g  x  nghịch biến trên  1;0  .
mx  1
đồng biến trên khoảng (2;  ) .
xm
B. m  1 hoặc m  1 .
D. m  1 hoặc m  1 .

Câu 27: Tìm tất cả các giá trị của tham số m để hàm số y 


B. 2001.22000

C. 2000.22000

D. 9.
D. 1001.22000

Trang 3/6 – Mã đề 101


Câu 31: Cho hàm số y  ax 4  bx 2  c có đồ thị như hình vẽ bên.

Mệnh đề nào dưới đây đúng?
A. a  0, b  0, c  0
B. a  0, b  0, c  0
C. a  0, b  0, c  0
D. a  0, b  0, c  0
Câu 32: Gọi S là tập các giá trị dương của tham số m sao cho hàm số y  x3  3m.x 2  27 x  3m  2 đạtcực

trị tại x1 , x2 thỏa mãn x1  x2  5 . Biết S   a; b . Tính T  2b  a .
A. T  51  6 .
B. T  61  3 .
C. T  61  3 .
D. T  51  6 .
Câu 33: Cho hình hộp ABCD. A ' B ' C ' D ' có tất cả các mặt là hình vuông cạnh a . Các điểm M , N lần lượt

nằm trên AD ', DB sao cho AM  DN  x ( 0  x  a 2 ). Khi x thay đổi, đường thẳng MN luôn song
song với mặt phẳng cố định nào sau đây?
A.  CB ' D '

điểm hai đường tiệm cận của (C ) ). Diện tích tam giác GPQ là
2
D. 1.
.
3
Câu 36: Cho khối hộp ABCD. ABC D có thể tích bằng 2018. Gọi M là trung điểm của cạnh AB . Mặt
phẳng ( MB D ) chia khối hộp ABCD. ABC D thành hai khối đa diện. Tính thể tích của phần khối đa diện

A. 2.

B. 4.

chứa đỉnh A.
5045
A.
.
6

C.

10090
7063
C.
.
D.
.
17
12
     
Câu 37: Cho lăng trụ tam giác ABC. A ' B ' C ' . Đặt AA '  a , AB  b , AC  c , Gọi I là điểm thuộc đường

a  c  2b .
4







D. IG 




1 1
 b  c  2a  .
4
3


 1200 , CSA
  900 . Tính thể tích
ASB  600 , BSC
Câu 38: Cho hình chóp S.ABC có SA  1, SB  2, SC  3 và 
khối chóp S . ABC .
2
2
2
.
B. 2 .

B. 2  m  .
C. 1  m  .
D. 0  m  .
3
3
4
3
 
 3

Câu 41: Nghiệm của phương trình cos 4 x  sin 4 x  cos x   sin  3 x     0 là:
4 
4 2




3

 k , k  Z



B. x 

3

 k 2 , k  Z



3 5
2 5
B.
C.
D.
.
5
10
10
5
Câu 44: Cho hai số thực x, y thay đổi thỏa mãn điều kiện x 2  y 2  2 . Gọi M,mlần lượt là giá trị lớn nhất

A.

và giá trị nhỏ nhất của biểu thức P  2( x3  y 3 )  3 xy . Giá trị của của M  m bằng
1
C. 6
D. 1  4 2
2
Câu 45: Đường dây điện 110KV kéo từ trạm phát (điểm A) trong đất liền ra đảo (điểm C). Biết khoảng
cách ngắn nhất từ C đến B là 60km, khoảng cách từ A đến B là 100km, mỗi km dây điện dưới nước chi phí
là 100 triệu đồng, chi phí mỗi km dây điện trên bờ là 60 triệu đồng. Hỏi điểm G cách A bao nhiêu km để
mắc dây điện từ A đến G rồi từ G đến C chi phí thấp nhất? (Đoạn AB ở trên bờ, đoạn GC dưới nước)

A. 4

A.
B.
C.
D.


Câu 48: Cho hàm số y  x  x  2 x  5 có đồ thị  C  . Trong các tiếp tuyến của  C  , tiếp tuyến có hệ số
3

2

góc nhỏ nhất, thì hệ số góc của tiếp tuyến đó là
4
5
A. .
B. .
3
3

C.

2
.
3

D.

1
.
3
Trang 5/6 – Mã đề 101


Câu 49: Cho hàm số y 


D. 1.

2

x
. Đạo hàm cấp 2018 của hàm số f  x  là:
1 x
B. f (2018)  x  
D. f (2018)  x  

2018!

1  x 

2019

2018! x 2018

1  x 

2019

-------------------------Hết-------------------------Cán bộ coi thi không giải thích gì thêm

Trang 6/6 – Mã đề 101


SỞ GD & ĐT TỈNH BẮC NINH
TRƯỜNG THPT CHUYÊN BẮC
NINH

30
31
32
33
34
35
36
37
38
39
40
41
42
43
44
45
46
47
48
49
50

101
D
D
D
C
B
B
B

A
D
D
D
D
C
B
C
D
C
B
B
B

102
A
D
B
A
C
A
A
A
C
A
C
D
C
B
B

B
B
A
C
D

ĐÁP ÁN THI THỬ THPT QUỐC GIA LẦN 1
NĂM HỌC 2018 - 2019
MÔN TOÁN

103
C
D
A
B
A
A
D
D
A
C
C
A
A
C
D
C
B
B
B

B

104
A
A
C
C
A
D
D
C
D
C
B
B
C
D
B
C
C
B
A
D
D
B
B
A
C
B
B

A
C
D
D
A
D
C
D
B
C
D
A
D
A
D
A
A
B
B
A
C
B
C
C
A
A
B
C
A
D

C
A
C
B
C
C
C
C
D
B
B
D
D
A
B
D
A
D
D
A
B
A
B
D
C
C
B
D
C
D

C
B
B
A
D
D
D
D
D
B
B
B
C
C
D
A
A
A
D
A
A
A
B
C
C
A
D
B
C


A
A
D
B
C
A
B
D
D
C
C
B
D
B
A
A
B
C
D
C
C
1


File làm chuyên đề cùng Strong team – Môn TOÁN

Strong Team TOÁN VD – VDC

ĐỀ Thi Thử Chuyên Bắc Ninh Lần 1 Năm Học 2018 - 2019
Câu 1.

Chọn D.
Phương án A có u1  2, u2  5, u3  10 nên không phải cấp số cộng.
Phương án B có u1  2, u2  4, u3  8 nên không phải cấp số cộng.
Phương án C có u1  2, u2  3, u3  2 nên không phải cấp số cộng.
Bằng phương pháp loại trừ, ta chọn đáp án D
Chú ý:
- Cách khác: Xét dãy số (un) với un  2n  3, n  1

u n 1  u n  2n  1  2n  3  2, n  N *
Nên (un) là cấp số cộng với u1 = - 1 và công sai d = 2.
- Có thể sử dụng kết quả: Số hạng tổng quát của mọi cấp số cộng (un) có công sai a đều có dạng
un = an + b, với n là số tự nhiên khác 0. Nên thấy ngay un  2n  3, n  1 là cấp số cộng với
công sai d = 2.
Câu 3.

Hàm số có đạo hàm bằng 2x 
A. y 

2 x3  2
.
x3

1
là:
x2

B. y 

x3  1
.


File làm chuyên đề cùng Strong team – Môn TOÁN

Strong Team TOÁN VD – VDC

x3 1
1
1
 x 2   y'  2 x  2
x
x
x
3
3x  3x
y
 3 x 2  3, x  0  y '  6 x, x  0
x

y

x3  5x  1
1
1
 x 2  5   y  2 x  2
x
x
x
nên chọn đáp án D.
Chú ý: Khi học sinh đã học nguyên hàm thì đối với câu hỏi này, cách nhanh nhất là tìm họ các
nguyên hàm của hàm số đề cho.

x2
B. 1.

C.  .
Lời giải

D. 1

Chọn B.
Chia cả tử và mẫu cho x  0 ta được:
2

lim

x 

Câu 6.

x 2 2
 lim
x 
x2

2 2

x2 x  1  0  0  1
2
1 0
1
x

2


File làm chuyên đề cùng Strong team – Môn TOÁN

Strong Team TOÁN VD – VDC

A. y  2 x3  x 2  6 x  1
B. y  2 x3  6 x 2  6 x  1
C. y  2 x3  6 x 2  6 x  1
D. y  2 x 3  6 x 2  6 x  1
Lời giải
Chọn B.
Ta thấy đồ thị hàm số đi qua điểm I 1;3 . Lần lượt thay tọa độ điểm I vào các biểu thức hàm số
ở các đáp án, cho ta đáp án B.
Câu 8.

2x  3
có các đường tiệm cận đứng và tiệm cận ngang lần lượt là:
x 1
A. x  1 và y  2 .
B. x  2 và y  1 .
C. x  1 và y  3 . D. x  1 và y  2 .

Đồ thị hàm số y 

Lời giải
Chọn A.
2x  3
 2 nên y  2 là tiệm cận ngang (2 bên).


Câu 10. Giá trị của m làm cho phương trình (m  2) x 2  2mx  m  3  0 có hai nghiệm dương phân
biệt là
A. m  6 .
B. m  6 và m  2 .
C. 2  m  6 hoặc m  3 .
D. m  0 hoặc 2  m  6 .
Lời giải
Chọn C.
Phương trình có hai nghiệm dương phân biệt khi và chỉ khi:

Chia sẻ bởi Strong Team VD-VDC.

3


File làm chuyên đề cùng Strong team – Môn TOÁN

Strong Team TOÁN VD – VDC

m  2
m  2
m  6  0
 2
a  0

m

m





m  2

 P  0
m3
m  2


0
m  2
  m  3

Chú ý:
Câu này có thể thử bằng máy tính bằng cách lần lượt thay các giá trị của m vào phương trình
và tìm nghiệm của phương trình bậc hai tương ứng.
Thay m  7 , phương trình vô nghiệm, loại A.
Thay m  2 , phương trình có một nghiệm âm, loại B, D.
Chọn C.
Câu 11. Trong các khẳng định sau, khẳng định nào là khẳng định sai?
A. Hai mặt phẳng phân biệt cùng vuông góc với một mặt phẳng thì song song với nhau.
B. Nếu một đường thẳng vuông góc với một trong hai đường thẳng song song thì cũng vuông
góc với đường thẳng còn lại.
C. Hai mặt phẳng phân biệt cùng vuông góc với một đường thẳng thì song song với nhau.
D. Nếu một đường thẳng và một mặt phẳng (không chứa đường thẳng đó) cùng vuông góc với
một đường thẳng thì song song với nhau.
Lời giải
Chọn A.


x3
 3 x 2  2 có đồ thị là (C). Viết phương trình tiếp tuyến với đồ thị (C) biết
3
tiếp tuyến có hệ số góc k  9 .
A. y  16  9( x  3) . B. y  9( x  3) .
C. y  16  9( x  3) . D. y  16  9( x  3) .

Câu 13. Cho hàm số y 

Lời giải
Chọn D.
Gọi A  x0 : y0  là tọa độ tiếp điểm. Ta có: y  f ( x) 

x3
 3x 2  2 .
3

Tiếp tuyến với đồ thị (C) tại A có hệ số góc k  9 .
 f   x0   9  x02  6 x0  9  x0  3  y0  16
Phương trình tiếp tuyến của độ thị tại tiếp điểm A  x0 : y0  là: y  y0  f   x0  .  x  x0 
 y  16  9( x  3) .

Câu 14. Cho tứ diện SABC có các cạnh SA, SB, SC

đôi một vuông góc với nhau. Biết

SA  3a, SB  4a, SC  5a Tính theo a thể tích V của khối tứ diện SABC

A. V  20a 3


B. Hình chóp tam giác đều là tứ diện đều.
C. Tứ diện có bốn mặt là bốn tam giác đều là tứ diện đều.
D. Tứ diện có đáy là tam giác đều là tứ diện đều.
Chia sẻ bởi Strong Team VD-VDC.

5


File làm chuyên đề cùng Strong team – Môn TOÁN

Strong Team TOÁN VD – VDC

Lời giải
Chọn C
Theo định nghĩa, tứ diện đều là tứ diện có 4 mặt là 4 tam giác đều nên đáp án đúng là C
Chú ý. Có thể nhấn mạnh: Tứ diện đều có 6 cạnh bằng nhau. Đáp án A, D sai vì chưa đủ điều
kiện 6 cạnh bằng nhau. Đáp án B sai vì tồn tại hình chóp tam giác đều có độ dài cạnh bên khác
độ dài cạnh đáy.
Câu 16. Hàm số y 
A. x 


2

2sin x  1
xác định khi
1  cos x

 k 2 .


 4 x  là:
 2

A. 4 cos 4x .
B. 4 cos 4x .

C. 4sin 4x .
Lời giải

D. 4sin 4x

Chọn C
Ta có


 3





y  sin 
 4 x   sin     4 x    sin   4 x    cos 4 x  y   ( cos 4 x)  4sin 4 x .
2
 2



2


A.

1
.
8

B.

1
.
4

V1
.
V2

C.

1
.
2

D.

1
.
3

Lời giải
Chọn B

Gọi E  xE ; yE  ta có: AE  xE  2; yE  1 , BC (4; 2)
 
x  2  4
x  6
 E
 E (6; 1)
ABCE là hình bình hành  AE  BC   E
 y E  1  2
 yE  1

.

Câu 22. Cho đường thẳng d : 2 x  y  1  0. Để phép tịnh tiến theo v biến đường thẳng d thành chính

nó thì v phải là véc tơ nào sau đây:




A. v   1; 2  .
B. v   2; 1 .
C. v  1; 2  .
D. v   2;1 .

Lời giải
Chọn C



Phép tịnh tiến theo v biến đường thẳng d thành chính nó khi và chỉ khi v  0 hoặc v là một

C.

a3
.
4

D.

2a 3
5

Lời giải
Chọn A

Chia sẻ bởi Strong Team VD-VDC.

8


File làm chuyên đề cùng Strong team – Môn TOÁN

Strong Team TOÁN VD – VDC

S

2a

A

D

A. Hàm số g(x) nghịch biến trên (0;2) .
B. Hàm số g(x) đồng biến trên (2;) .
C. Hàm số g(x) nghịch biến trên (;2).
D. Hàm số g(x) nghịch biến trên (1;0) .
Lời giải
Chọn D
Ta có g  x   f x 2  2








g '  x   f ' x 2  2 .2 x

x  0
x  1
x  0

x  0
 2
 x  1
g ' x   0  

x

2


-1
0
1
2

g’(x)
0
+
0
+
0
0
0
+
Suy ra đáp án là D.

mx  1
đồng biến trên khoảng (2; )
xm
B. m  1 hoặc m  1 .
D. m  1 hoặc m  1 .
Lời giải

Câu 27. Tìm tất cả các giá trị của tham số m để hàm số y 
A. 2  m  1 hoặc m  1 .
C. 1  m  1 .
Chọn A
TXĐ: D   \ { m}
y 



D.

1 5
2

1  5
1 5
q
2
2

Lời giải
Chọn D
Giả sử ba số hạng liên tiếp là u1q n , u1q n1 , u1q n 2 . Ba số hạng này là độ dài ba cạnh của một tam
u1q n  u1q n 2  u1q n1  0
q 2  q  1  0

1  5
1 5

giác  u1q n  u1q n1  u1q n 2  0  1  q  q 2  0 
.
q
2
2
 n1

2
n2


Chia sẻ bởi Strong Team VD-VDC.

10


File làm chuyên đề cùng Strong team – Môn TOÁN

Strong Team TOÁN VD – VDC

Cách 2:

AB  2 2
Ta có phương trình đường thẳng qua hai điểm A, B là d : x  y  0  d C ; d  

S ABC 

6
2

1
1
6
ABd (C ; d )  2 2
 6.
2
2
2

0


0
1
2000
1
2
2000
0
1
1999
S  C2000
 C2000
 ...  C2000
 C2000
 2C2000
...  2000C2000
 22000  2000 C1999
 C1999
 ...  C1999
2000

1999

2000

2
 2000.2
 1001.2 .
Cách 2:
0

+ 2 C2000
x + 3 C2000
x2 + 4 C2000
x3 + …+ 2001 C2000
x (*)

Thay x=1 vào (*) ta được :
1
2
2000
0
1001.22000 = C2000
+ 2 C2000
+ 3 C2000
+…+ 2001 C2000

Cách 3
0
1
1999
2000
Ta có S  C 2000
, (1)
 2.C 2000
 ...  2000.C 2000
 2001.C 2000
2000
1999
1
0

1999
2000
 S  1001. C 2000
 C 2000
 ...  C 2000
 C 2000
 1001.2 2000

Câu 31. Cho hàm số y  ax 4  bx 2  c có đồ thị như hình vẽ. Mệnh đề nào dưới đây đúng ?

A. a  0, b  0, c  0 .

B. a  0, b  0, c  0 .

Chia sẻ bởi Strong Team VD-VDC.

11




File làm chuyên đề cùng Strong team – Môn TOÁN
C. a  0, b  0, c  0 .

Strong Team TOÁN VD – VDC

D. a  0, b  0, c  0
Lời giải

Chọn C

 4m 2  61  0  

61
61
(**)
m
2
2

+) Kết hợp (*), (**) và điều kiện m dương ta được: 3  m 

61
2

a  3


61  T  2b  a  61  3 .
b 

2
Câu 33. Cho hình hộp ABCDA BC  D có tất cả các mặt là hình vuông cạnh a . Các điểm M , N lần lượt
nằm trên AD , DB sao cho AM  DN  x;(0  x  a 2) . Khi x thay đổi, đường thẳng MN
luôn song song với mặt phẳng cố định nào sau đây?
A.  CB D  .

B.  A BC  .

C.  ADC 


AD DB  a 2 

Áp dụng định lí Ta-lét đảo, ta có AD, MN , BD lần lượt nằm trên ba mặt phẳng song song.
 M song song với mặt phẳng ( P) chứa BD và song song với AD .

Nên MN / /  BCD A  hay MN / /  A BC 
* Sử dụng định lí Ta-lét.



Vì AD / / A D nên tồn tại ( P) là mặt phẳng qua AD và song song với mp A DCB







(Q) là mặt phẳng qua M và song song với mp A DCB . Giả sử (Q ) cắt DB tại N
Theo định lí Ta-lét ta có:

AM DN 

 
AD DB

Mà các mặt của hình hộp là hình vuông cạnh a nên AD  DB  a 2
Từ   ta có AM  DN   DN   DN  N   N  M  (Q )



Lời giải
Chọn B
Số phần tử của không gian mẫu là: |  | C114
Trong 11 tấm thẻ được đánh số từ 1 đến 11 có 6 tấm thẻ được ghi số lẻ và 5 tấm thẻ được ghi
số chẵn.
Gọi A là biến cố: “Tổng các số ghi trên 4 tấm thẻ là một số lẻ”.
TH1: Chọn 4 tấm thẻ gồm 1 tấm thẻ được ghi số lẻ và 3 tấm thẻ được ghi số chẵn
 Có C61C53  60 (cách)
TH2: Chọn 4 tấm thẻ gồm 3 tấm thẻ được ghi số lẻ và 1 tấm thẻ được ghi số chẵn
 Có C63C51  100 (cách)
Vậy số phần tử của 1 là: | A | 60  100  160

 P( A) 

| A | 160 16


|  | 330 33

2x 1
. Gọi M là điểm bất kì thuộc đồ thị (C ) . Gọi tiếp tuyến
x 1
của đồ thị (C ) tại M cắt các tiệm cận của (C ) tại hai điểm P và Q . Gọi G là trọng tâm tam
giác IPQ (với I là giao điểm của hai đường tiệm cận của (C ) ). Diện tích tam giác GPQ là

Câu 35. Cho hàm số có đồ thị (C ) : y 

A. 2 .

B. 4 .


3
2a  1
( x  a) 
2
(a  1)
a 1

Đồ thị (C ) có hai tiệm cận có phương trình lần lượt là d1 : x  1 ; d 2 : y  2
 2a  4 
d cắt  d1  tại điểm P  1;
 ; d cắt d 2 tại điểm Q (2a  1; 2) , d1 cắt d 2 tại điểm I (1; 2) .
 a 1 
6
IP 
; IQ  2 a  1
a 1
1
6
1
1
Ta có SGPQ  S IPQ  IPIQ  2 | a  1|
2.
3
6
6
| a  1|

Câu 36. Cho khối hộp ABCDA BC  D có thể tích bằng 2018 . Gọi M là trung điểm của cạnh AB . Mặt
phẳng  MB D  chia khối chóp ABCDA BC  D thành hai khối đa diện. Tính thể tích phần khối

D

M
C

B
A'

B'

D'

C'

+) Gọi BM  AA  E ; ED   AD  N .
Ta có M là trung điểm của AB
 M là trung điểm là EB
 N là trung điểm của ED và AD
V
EA EM EN 1
+) Ta có E . AMN 
.
.

VE . ABD EA EB ED 8

7
7 1
7
7063

3

 1   1   
 1   
C. IG  a  c  2b .
D. IG   b  c  2a  .
4
3
4

Lời giải
Chọn A









    
 1    
Từ GB  GA '  GB '  GC '  0 suy ra IG  IB  IA '  IB '  IC '
4
  



2

A.

2
.
2

B.

2.

C.

2
.
6

D.

2
.
4

Lời giải
Chọn A
Trên cạnh SB , SC lần lượt lấy các điểm M , N thỏa mãn SM  SN  1
Ta có AM  1, AN  2, MN  3  tam giác AMN vuông tại A
Hình chóp S . AMN có SA  SM  SN  1
Chia sẻ bởi Strong Team VD-VDC.

15

2
VS , ABC
SB SC 6

Câu 39. Trong hệ tọa độ Oxy cho tam giác ABC có phương trình đường thẳng BC : x  7 y  13  0
Các chân đường cao kẻ từ B, C lần lượt là E (2;5), F (0; 4) Biết tọa độ đỉnh A là A(a; b) Khi
đó:
A. a  b  5 .
B. 2a  b  6 .
C. a  2b  6 .
D. b  a  5
Lời giải
Chọn D

Do BC : x  7 y  13  0 nên gọi I (13  7 n; n) là trung điểm của BC, khi đó ta có: IE  IF
mà IE  50n2  164n  146; IF  50n 2  190n  185

 50n 2  164n  146  50n 2  190n  185  n 

3
2

5 3
I ; 
2 2
Gọi B(13  7 m; m) . Vì I là trung điểm của BC nên C (7 m  8;3  m) .


 BE  (7 m  11;5  m); CE  (10  7 m; 2  m) .Vì BE  AC nên


.
4

1
D. 0  m  .
3

Lời giải
Chọn D
Điều kiện x  1
Ta có phương trình 3 x  1  m x  1  2 4 x 2  1  3
Đặt t 

4

x 1
x 1
 m  24
x 1
x 1

x 1 4
2
 1
 0  t  1.
x 1
x 1

Phương trình trở thành: m  3t 2  2t (1)
Nhận xét: Mỗi giá trị của t  [0;1) cho ta 1 nghiệm x  [1; ) .


A. x 
C. x 


3


4

 k , k   .

B. x 

 k 2 , k   .

D. x 


3


4

 k 2 , k   .

 k , k  

Lời giải
Chọn D

4

 k , k   .

1
3
2n  1
 2  2 , n  * . Giá trị của lim un bằng
2
n n
n
C.  .
D. 1
Lời giải

Chọn D

Chia sẻ bởi Strong Team VD-VDC.

17


File làm chuyên đề cùng Strong team – Môn TOÁN

Strong Team TOÁN VD – VDC

 n(1  (2n  1)) 

1
3


C.

D.

2 5
5

Lời giải
Chọn C

Ta gọi E , F lần lượt là trung điểm của SC AB .
Ta có ME / / NF ( do cùng song song với BC . Nên tứ giác MENF là hình thang,
 MF / ISA
và 
 MF  ( ABCD ) hay tứ giác MENF là hình thang vuông tại M , F
 SA  ( ABCD )
Gọi K  NF  AC , I  EK  M thì I  MN  ( SAC )
 NC  AC
Ta có: 
 NC  ( SAC ) hay E là hình chiếu vuông góc của N lên ( SAC )
 NC  SA
Từ đó ta có được, góc giữa MN và ( SAC ) là góc giữa MN và CI
Suy ra, gọi Q là góc giữa MN và ( SAC ) thì sin  

CN
IN

1
a 2 IN KN

.
2

C. 6 .

D. 1  4 2 .

Lời giải.
Chọn B.









P  2 x 3  y 3  3 xy  2( x  y ) x 2  y 2  xy  3 xy  2( x  y )(2  xy )  3 xy (do x 2  y 2  2 )

Chia sẻ bởi Strong Team VD-VDC.

18