PHẦN I: LÝ DO CHỌN ĐỀ TÀI
!"#$%&'(!)
*+,-.%%/,
(*012-(34)56%7-89
:;<#&+' &;(=(9(!.&
)+,<&0>#?@(*)'
5#(=)A. ?"7 5)&'(!.&
)0B (*%(<56 %
C$DE>(F$1A%7)'&G !HIE
JIKL,M(<)0
N:(* 5*;M55O:
)P Q&$#(<'(&)'R
5;'(!)'(*' *5CL50
B2%B1SB72&<)&TP,(&
)&9 &;-$<Q&(= *$'
Q&(UO5;#RV5;#
(!)':.(&(< 5W03
-<Q& 5(<'<(&)'$:
5*;M<(C-5$ (*)'<7
2&<)&TP,(&),(, *0X%'(ML
;MR:# 5$'(!(9)
'*7)'<2&<E)&TP,(&)5
(<Y
ZPhương pháp giải một số dạng bài tập phần cơ chế di truyền và biến dị ở cấp
độ tế bào phục vụ cho ôn thi đại học và ôn thi HSG môn sinh học lớp12”
PHẦN II: NỘI DUNG
A. LÝ THUYẾT
I. CƠ CHẾ DI TRUYỀN VÀ BIẾN DỊ Ở CẤP ĐỘ TẾ BÀO
I.1. NHIỄM SẮC THỂ (NST)
[\'2Y]6BV^_] `$+ 5: &-5:50
- Dị đa bộiYr()&"C)]6B(2)&)
I. 3. NGUYÊN PHÂN (phân bào nguyên nhiễm)
[w!2.u4!2.0sbm xcyx
(7$ x$ x xCd0
[]Wo(5P6 x(*]6BbP `i x
(& x$bP(2P x$ xC(7 x
0
[]WoUoO(P x xhWo `)T
Wo(2<O&)
[h&)z.]S7&)*JCz
I.4. GIẢM PHÂN cPhân bào giảm nhiễmd
[w!P4#2.$.%V)]6B(2)cd
[sb7):&$h7)bm xcyx(7$ x$ x
xCd0r7){L%;!WiJWo(2&
)*]6B `0r7){{L%;:Wi `&)
*]6B(2
[]6BP `i x(& x{{$(*P(2
Uo06O]6B5U!P x0
[h&)c&),dm4cm,d(<)
]6B(2)cd
[h&);c&)=dH;cH=dp(T-(<
)]6B(2)cd
I.5. THỤ TINH
[r.% &9&C<)Cz0
[rO &9i(5]6B)]6B(2)V(O-V
9V)]6BJ
[h4c,d-;c=d9V
B. PHƯƠNG PHÁP GIẢI BÀI TẬP LIÊN QUAN ĐẾN CƠ CHẾ DI TRUYỀN VÀ
BIẾN DỊ Ở CẤP ĐỘ TẾ BÀO
I . CƠ SỞ VẬT CHẤT VÀ CƠ CHẾ DI TRUYỀN Ở CẤP ĐỘ TẾ BÀO (NST)
BeC(&)(9:YJ0cJ
U
[Hd
I.1.3. TÍNH SỐ TẾ BÀO CON TẠO THÀNH
B&)!)•(5PJ&)→C&)P&,
(5C&)P&-
€BiH&))(7Ya•H(9)J
H
&)
a•J(9)J
J
&)
jk6C&)iH&))(7.U(9) A= 2
x
€Bi&))(7YBeC&)A = a. 2
x
3 Y]&*<&))(7:C7: 5
a
H
&).U
H
(9)→&)
H
0J
U
H
a
J
&).U
(9)→&)
H
0J
U
H
a
J
&).U
J
(9)→&)
J
0J
U
J
BeC&).(9)A = a
1
(
.
2
x
1
+1
- 1) + a
2
. (2
x
2
+1
NGUYÊN PHÂN
* Số thoi vô sắc xuất hiện và số thoi vô sắc bị phá hủy
B5oU,P x(7)TP xC0X'*):5o%
@*),:5o)T
&):U7$C5ocBX6dU,Y(2
x
– 1)
&) :U7$C5ocBX6dU,Y(2
x
– 1 ). a
* Thời gian của nguyên phân
- Thời gian của 1 chu kì nguyên phânYr8g($*(9#
i(7 %-(&& %3i(7 %(&& %C
B4(2T8 x:ƒT-C(9:$
C(9:ƒ'-C(:
[Thời gian qua các đợt nguyên phânYre8(9::
&C(:
+ Nếu tốc độ nguyên phân không thay đổiYy8(9:
55)•8(9:-0
Bsj8h(9UC(9:
+Nếu tốc độ nguyên phân thay đổi
]7(<Y 8(9)#28(9)
-H•C
s!7(<Y 8(9)<28(9)
-H•C0X'YB8.(9):&e=,C
hC8H(9:0
TG = ( a
1
a a
x
s{{ I J
6{{ J I J I
>C{{ I I ‚J
I.2. 2. XÁC ĐỊNH SỐ TẾ BÀO SINH RA, SỐ NST ĐƠN MÔI TRƯỜNG CẦN
CUNG CẤP VÀ SỐ THOI VÔ SẮC XUẤT HIỆN (PHÁ HỦY)
* XÁC ĐỊNH SỐ TẾ BÀO SINH RA QUA GIẢM PHÂN
[\4!C&)2 cJd: 7
J
B&)2 cJd
[\4PC&)2 #R,u
(-::J
&)2 cJd[[[[J
B&)#cJd
[\4C&)#!iJ
&)#
cJd[[[m0J
sV(Ocd3J
VcHdap0J
(T-cHd
[„4#
ah&)2 c&)d.!m4
bJw…*ƒ)•0 6C4cC,d%jm
4c,d
X-)&);c&)=d*)]6BJ.!H0);
3H0)=.%9V+p0)(T-@)T:
)&0X'C]6B)T:)&.(T-p00)
* XÁC ĐỊNH SỐ THOI VÔ SẮC XUẤT HIỆN (PHÁ HỦY)
&)c&),d3&);c&)=d
.7!U,R)Tp5ocHP7)
;,aJP7);Jd
X-&)c&),d3&);c&)=d
.7!U,R)Tp05o
I.2.3. HIỆU SUẤT THỤ TINH: 1,G7"V(9
%:9V#:eCV(9
[1,4j6C4‚BeC4%
[1,;j6C;‚BeC;%
[h&);ƒ &9-4(H9V0
6C9Vj6C4j6C;
\('!#4w &9-;H9V
ww$+4… &9-;H9Vw…
I. 2. 4. TỔ HỢP NST TRONG GIẢM PHÂN, THỤ TINH
w`)u)J)Cc3zd*bC5c5d$]6B
bC)c)d*Y
6C V )Cc3zd C]6B53)
c53)de9' 53: C
n
k
= n!/ k!(n –k)!
6C V)Cc3zdY2
n
kiểu
BGV)Cc3zd C]6B53)c5
3)d: C
n
k2
/4
n
II. CƠ CHẾ BIẾN DỊ Ở CẤP ĐỘ TẾ BÀO
sJ)]6Bu)9^_]&)J$>,M
]6B $.%!*U!9(e(()&0
II.1. XÁC ĐỊNH SỐ NST TRONG TẾ BÀO THỂ LỆCH BỘI, THỂ ĐA BỘI
B)W3]6B*C]6B&)YJaH
BW3]6B*C]6B&)YJEH
B)CW3]6B*C]6B&)YJaJ
B 5W3]6Bc &Wd*C]6B&)YJaH
BW `3]6B*C]6B&)YJ[H[H
B()v*C]6B&)Ym$n$l000000
B()@*C]6B&)Yp$g$q00000
II.2. XÁC ĐỊNH GIAO TỬ CỦA THỂ BA NHIỄM, THỂ TỰ ĐA BỘI
* Thể ba nhiễm: 3]6BcJEHdVbJ]6B
H]6B30_' U(TGV)W8
42(b%0> L832JaHY^^^$^^$
^$†00X#Yw(TV2* L^^^
B2O-U(T'*)!*oY
yL BGVJ BGV
^^ H‚n^^$J‚n^ J‚n^$H‚n
^^^ p‚n^^‡^^ p‚n^‡^
^ J‚n^$H‚n H‚n^$J‚n
p‚nH‚J p‚n‡
* Thể tự đa bội: y2()v!$]6B)()
t: 5(b(<(=V 5]6B$
H$J$p000*)]6B)()0
+ Trường hợp 1: w`m$C]6BPOH)C]6BPOJ !
0)
m
X'rV 5]6B&Y>
m
I
0
m
‚ca)d
m
jH‚Hn
rVH]6B&Y>
m
H
0
p
0)‚ca)d
m
jm‚Hn
rVJ]6B&Y>
m
J
0
J
0)
J
‚ca)d
m
jn‚Hn
rVp]6B&Y>
m
lượt thay đổi vị trí cạnh cũng như đỉnh của tam giác ta
có : giao tử lưỡng bội là 3/6AA hay ½ AA và giao tử đơn
bội là 2/6A, 1/6a
Từ hình tam giác ta có giao tử lưỡng bội là một cạnh giác
tam và giao tử đơn bội là đỉnh còn lại của tam giác. Lần
lượt thay đổi vị trí cạnh cũng như đỉnh của tam giác ta
có : giao tử lưỡng bội là 3/6AA hay ½ AA và giao tử đơn
bội là 2/6A, 1/6a
Từ hình tam giác ta có giao tử lưỡng bội là một cạnh giác
tam và giao tử đơn bội là đỉnh còn lại của tam giác. Lần
lượt thay đổi vị trí cạnh cũng như đỉnh của tam giác ta
có : giao tử lưỡng bội là 3/6AA hay ½ AA và giao tử đơn
bội là 2/6A, 1/6a
B;)V* !"Vu)0_' U(T
GV242(b%'(e90> L
2m83Y^^^^$^^^$^^$^$000X#Yw(TV
2* LY^^
B2O-U(T'*)!*oY
yL BGVJ
^^^^ ^^
^^^ p‚n^^$p‚n^H‚J^^$H‚J^
^^ H‚n^^$m‚n^$H‚n
^ p‚n^$pn‚‡^$‡
+ Trường hợp 2:
w`n$C]6BPOH)C]6BPOJ !@
V*GL);
ca)d
n
m
a>
n
g
00)
g
a>
n
n
0)
n
X'rV 5]6B&Y>
n
I
0
n
‚ca)d
n
jH‚nm
rVH]6B&Y>
n
H
0
g
0)‚ca)d
n
jn‚nm
rVJ]6B&Y>
n
J
00)
g
‚ca)d
n
jn‚nm
rVn]6B&Y>
n
n
0
)
n
‚ca)d
n
jH‚nm
Kết luận:y2()v!$]6B)()t
: 5(b(<0_'&U`P;(2V 5*
!"U,L);]Lˆ2Y
(a +b)
n
= C
n
0
.a
n
+ C
n
1
.a
n-1
]&)C89) U!(b8J3<()&0
sn C3]6B$*Y
[B)(2YC
n
1
= n
[B) `Ysố trường hợp thể 1 kép = C
n
2
= n(n – 1)/2
[Db8<cd) Y
X-);1*(n)
X-);2*(n-1)
X-);3*(n-3)
^
^
Từ hình chữ nhật ta có các giao tử lưỡng bội là một
cạnh giác hình chữ nhật ( nếu giao tử lưỡng bội là
cạnh này thì giao tử lưỡng bội khác sẽ là cạnh đối
diện) và đường chéo( nếu giao tử lưỡng bội là đường
chéo này thì giao tử lưỡng bội khác sẽ là đường chéo
còn lại ta có giao tử lưỡng bội là 1/6AA: 4/6Aa:1/6aa
†0
X-);k*(n-k+1)
_(*C89U!= (n)(n-1)(n-2)…(n-k+1) = n!/(n –k)!= A
n
k
TỔNG QUÁT :Số trường hợp thể lệch bội khi xảy ra đồng thời k đột biến lệch bội
]6B(2hc89(()•('<d
[]6B(e #-$(*()&,(co2d3()&3(c
2d()&(J]6B 52(bc2h 52
hd0
* Dựa vào trình tự gen
[B%OL3()&3(0
[B%OL(!9()&(!(0
[B%OL(e 5L.' 5(eC9L()&
(]6B0
[>ƒ&CL()&,(()&( 52h
cƒ( 5'd0
[B:CL( 52hc' 5(d0
[Xi,i:CL(2h0
II.6. XÁC ĐỊNH SỐ KIỂU GIAO TỬ TRƯỜNG HỢP XẢY RA TRAO ĐỔI ĐOẠN
w`)]6Bu)J.%!%VU!
9(e(%C VY
* Trường hợp xảy ra trao đổi đoạn một điểm ở k trong số n cặp NST tương đồng cấu
trúc khác nhau (n>k)
w`3bJ]6B,M $.%!U!(e(H
(@m V0
X- 3bJ]6B,M $.%!U!(e(H
(@m
V0
X'+c[ d3+ 5U!(e(@J
[
V
Như vậy xét cả n cặp tương đồng trong đó có k cặp NST trao đổi đoạn một điểm,
số kiểu giao tử của loài là: 4
k
V0
X'+c[ d3+ 5U!(e(@J
[
V
Như vậy xét cả n cặp tương đồng trong đó có k cặp NST trao đổi đoạn hai điểm
không cùng lúc, số kiểu giao tử của loài là:: 6
k
. 2
n-k
= 3
k
. 2
k
. 2
n-k
= 2
n
.3
k
kiểu giao tử
Lưu ý: 6CVO&(9i&)3&)
;Y
[Bi&)4*(e(Jh 54M: 3]6B
@*m4eCJ
0p
[Bi&);*(e(Jh 54M: 3]6Bƒ
;eCJ
n+2k
kiểu giao tử
Lưu ý: 6CVO&(9i&)3&)
;Y
- Từ một tế bào sinh tinh trùng *(e(Jh4M: 3]6B@
*m4eCJ
Ja
- Từ một tế bào sinh trứng *(e(Jh4M: 3]6Bƒ
;eCYJ
Ja
C. VẬN DỤNG GIẢI CÁC BÀI TOÁN VỀ DI TRUYỀN VÀ BIẾN DỊ Ở CẤP ĐỘ
TẾ BÀO
I. CƠ CHẾ DI TRUYỀN Ở CẤP ĐỘ TẾ BÀO
I.1. BÀI TẬP TỰ LUẬN
Bài 1: >*C&)u4O.%:
J80H‚mC&)=.p7:$H‚pC&)=.m7:
$C+!.g7:0BeC&)(9P
.%:JmlI&)0
0B%C&)u)(7:Š
)0B.%:$.H&)P(8
,*Jl]6B `0B#C]6B(258,!.%:Š
0B#8h %&)i*&):Š
Bài giải
$sC))(7‚m0J
p
a‚p0J
m
ag‚HJ0J
x
6C; 5Y
m
g g
x
x x− =
6C4Y
m
g
x
6C4 5Y
m Hn
m
g g
x x x− =
0
BL!&Y)]6Bu))•C9V$*Y
m J
J
g g
n x n x= → =
X'*2%Y
J
m J J Hn
Jll 0 0
g g g g g
x
x x x x
+ = +
[6C;(‹YmlIIUHII‚lIjnIII;
[6C4 5YcnIIIUHIIdEnIIIjg|mIII
[6C; 5(‹Y|nUHII‚nIjHnI;
[6C; 5 5PYHnIE|njnm
[6C; 5PYnIIIEmlIIjHJII
[BeCWo)T:)&YcpJUHJIIdaHncnmag|mIIIdj|gmpmJm]6B
Bài 4 : &)2 HO::&C(9
(
Œ
+A58),:%gImWoc]6Bd(2
-0>&)i(9:C4(<!)%8
HJl4;]6B…0
06C(9:&)2 Š
)0w(T)]6BJŠ
0B.•:(**):25o(9%Š
0B#C9]6B(258,).•Vi
H&)2
Bài giải
6C(9:Y
[6C4]6B…j4]6BwjHJl
BeC4YHJlŽJjJgn
6CBNY
nm
m
Jgn
=
6C(9:YsyC(9:
J
[6C9]6B(2*HI&)2 JgnIEJmlIjlI
[N]6Bu)Jj
l
HI
lI
=
)0X-,HIK(HJl9V%C9V7!*Y
HJl0HII‚HIjHJlIV
[6C9&) )-4#(9i*&)
:YJgnI‚ljHJI&)
]&&)&);%ƒ(9pJI&);$ 5(
,.•0 X'*&):&)-#(O0X% (9Y
HJlImpJI
=×
40
0sC(9:h9V*N 06C7:
9V*^J 0BL!&*2•Y
HIJmIldnmJnmJc
J
=××+×
kk
j
JI
nml
HIJmI
JJ
J
=
×
=+
!*2•Y
=+×
=+
HlJmIH|mH|
pJI
yx
yx
*
=
=
nm
Jgn
y
x
c)]6BJjpl$*J
H|
;d
6C(9:&)(OYJ
jJgn jl(9
6C(9:&)YJ
jnm jn(9
B*J
aJ
m
aJ
l
jJqm0s!(9jH0
X'C7:9VHH$9VJm$9Vpl
)06C]6B(258,
[19VHjcJ
H
[HdŽJIjJI
[19VJjcJ
m
[HdŽJIjpII
[19VHjcJ
l
[HdŽJIjgHII
Bài 10Y
I.2. BÀI TẬP TRẮC NGHIỆM
Câu 1:&)McJjJmd!.HI(9:P4
!b.4P$ &M4#V06C9
5o7(9% %)!.%
^0HHJnp N0JIml >0HHJnm D.mI|g
Giải
B5o(9%P4!YJ
HI
EHjHIJp
B5o(9%P4#VYp0J
HI
)%8$ 5*()&U!06CV#,<,*
^0HHnB.Jn >0Hl _0JHn
Giải
BL(<*YH&)* L^N)_•L!)%8$ 5
*()&U!@JV0
]&oU&L:]6Bp&)C%@
*V0]&oU&L:]6Bp&)
%H&) * L ^N)_•L!)%8$
5*()&U!@JV0X'p&)@nV0
6(N
Câu 5: y.&)b,:C7$P %7
:C48(&(9*Jgn]6B06C7]S&)
^0JN0pC0m _0g
Giải
BL(<*P x7:C48(&(9*Jgn]6B0
X'*Ym0J
jJgnc- C7:d0fb,+)]6Bu)
Jjl06J
jJgn‚Hn06J
jHn6J
jJ
m
06 jm0D(M>
Câu 6: \*)]6BJjJI0*&):4C7$P
7C4(&(9pJI]6B(U&HP3FU#(06C9
&))(7):)&C9&))(7,m7C(9:Y
jJp0JpjgJ|
6C 9 V < b C ): Y J
Jp
0 J
Jp
j m
Jp
w,(8H]6B*bCi)JJ]6B*bCi
5Y>
Jp
H
0>
Jp
JJ
‚m
Jp
jgJ|‚m
Jp
06((MN
Câu 8: Một &)McJjJmd:g(9P4!b
.4P$.4#b;06C9]6B(2
7,)•
^0mJII]6B N0qmm]6B >0qnl]6B D.HgHJ]6B
Giải
BL(<*B&)&)2 :!.4!4
#:BN!.:!:C]6B,#
L!:!0
]:C]6B,4!J0cJ
g
[HdjJm0pHjqmm]6B0
U
aJ0J
U
aJ0J
UL
jlpJcJd0BicHdcJd*JjJn0
6C&)P4!.4#%V
YJ
U
aJ
U)
aJ
U
aJ
U
aJ
UL
jlpJ‚JnjpJ&)0BipJ&)HJlV0
sV(9%&)HJl‚pJjm0
X'-#(O06(_
Câu 10 Y]6B*mI:5U5$(C:5U5*pI3:506C
V<]6B
^0pJIJp$lpmL N0pgIm$qnnlL
C.pg|J$plpmL ^0pnImq$nnlL
Giải
h:5U5*lVh(C*0BL)*C
V;]6BYmI0lamIEHjpg|
h :5U5*Hmn3:5h(C*pI3:50 6C3
:5]6BmI0HmnacmI[Hd0pIjqIHI3:50X'<]6BY
qIHI0p$m0HI
n
jlH|J0
Bài 2Y&)(O;3]6B2(b:*3L^0B.
%!U!CP7){$){{U!)%80
1=U(T
06CV%$)&•3]6B+!)%80
)0>Ve9-V)%80>9V(9%
Š
Bài giải
0\ %7){$3]6B(5]6B `^^0_C
]6B$C){%J&)0&);!3]6B
`^&) 5;]6B30
1&)!{{$&);3]6B2(b^^%
JV$hV;!3]6B2(b^‰&)+c&) 5;
]6B3%JV 5;]6B30
]'&):!JVcaHdc[Hd0
)0yV &9-V)%8%9V)
JaHJEH
Bài 3 : &)uMJjJm]6B0]::&n70]
&M7)pC&)$()&*H&))TC
)U!:,!3Wo0
a0B%C9&)%Š
b0B#ƒ&)()&-&))%80
c0B7)58&)(",:2(2
():Wo(2-Š
Bài giải
a0y&M:7pl&)Yq&)t:)%8$
Œ
+H
&))TC0q&))%8:&p7YqUJ
:7C(<4(**gHJ4…0
0w(T)]6BJC7:
)0]&&) V 5U!()&$h3]6B
2(b(<*,M 0>*(e`U!H(:J3]6B$
(e`( 5(b8:p3]6B(e`J(U!
:H3]6B%C(U,):VŠ
B ải giải
0sJ)]6Bu)0sUC7:h&)0BL
)*Y2n.(2
x
-1) = 9690.BC4*gHJ4…0
CVwjV…jgHJ0X'eCV(9%gHJ0J
jHIJm06C&)%VHIJm‚mjJgn
X'C7:&)J
U
jJgnjJ
l
0X'&)(=:l7
6*Jj|n|I‚|Jgn[Hdjpl0X')]6Bu)Jjpl0
)0>*J3]6B(e`H(:CVPJ3cmd
J
V
>*p3]6B(e`J( 54M:CVPp3
cnd
p
V
>*H3]6B(e`J(4M:CVPH3cld
H
V0>+H|3]6B(':J
Hp
)0C&)u)C&);)
6C&);)YJ
g
jpJ&)0X'C&)u)JIHnEnmjH|lm&)
Bài 7 Y9V!.q7:06C(9:(7:*H&
))T()&;)$&)(<:)%806(**&
)u) )T()&;)0B,!&)(<))%8$
(&7)C4(=*HHn&)0
0 w(T7)U!()&
)0 B#C&)u)C&);)
Bài giải
0r7:U!()&
sU7:U!&);,)T()&7:U!
&);,)T()&cU$:2U“d0
BL)*Y}cJ
U
EHd0J
EU
EHd~0J
qE
jHHnjJ|0J
J
0X%J
qE
CRiJ:
J
qE
jJ
J
06qEjJ06jg
p
0mjppn06JjJH0D_
Câu 2YP('*)WoJjHJ0y..
%!JIII&)$8,JI&)*3WoC
H 5!{$O !W)%8‰
&)+!)%80BL#&$eCV
(9i.%:%CV*gWo&ƒ
A.I$gK N0I$JgK >0HK _0JK0
Giải
BO,&)&U! 53]6BCH!H
!J@HVgWoVq
Wo0_(*JI&)@JIVgWo0
JIII&)O,@mIIIV0
JI
mIII
jI$gK0>(^
Câu 3 :O'u)*l*L: &06CWo*
h&)P) (P %:
^0Jm N0| >0Hl D.Hq0
Giải
6C*L: &)•C]6B(2)jk)]6Bu))%8JjHn0
X%P):":H&:*Hq0>(_
Câu 4Yr#* L^NN^))-0N&•$3L^$
•:3WoCJ$3LN$)•:3WoCn0_U!
()&!:(")P3WoCJ0>
L(* L)(9i`:Š
^0^N)^^^))0B0^^N)^N)0>0^))^NN0_0^^N)^^^))0
Giải
BL)*Y_U!()&)P3oCJ0X'3
J*VY^$•$^$$^^$0>3Cn!)%8:
(**J3]6BU!(e`(2:@cmd
J
V0X'+n3
!)%8@J
n
V06CVC(YcHd
m
0cmd
J
0J
n
jJ
HI
jHIJm0>(>
Câu 8:>*)]6BJjJm0>*):89&)(b8*
) `Š
^0HpJI B.nnI >0HpJ _0qJn
Giải
BL)*jHJ0X'C89U,) `
>
J
HJ
jHJ–‚J–0cHJ[Jd–jHpJ‚Jjnn
C89U,>
H
HI
jHI–‚cHIEHd–0H–jHI
C89U,&)(b8*) `nn0HIjnnI0
>(N
Câu 9Y>)&.%!W)%8 5*()&U!0BL
0y&.!Y
B- &VY
6?C sA y B0N% …& y`
HJN
H
mq I JIcmJ$nKd Hlcpl$JKd ncHJ$lKd pcn$mKd
HJN
J
mq I JIcmJ$nKd Hlcpl$JKd ncHJ$lKd pcn$pKd
6 VY
6?C sA y B0N% …& y`
HJN
H
mq pcn$mKd Jpcml$|Kd Hlcpl$JKd pcn$mKd I
HJN
J
mq I JIcmJ$nK Hlcpl$JKd ncHJ$lKd pcn$pKd
68(<!5,C9A$ $
)%(=*":34<$C9&$ `!:t+0
](C-5$(<.2!(=ML,)- * "
')5$<,h )-&5$(=
#—C ?"(!)'YU(T)'<)&
TP,(&)$%)]6Bu)$C&)3%$C
]6B58,3]6B)T:)&$CV(9%(3)
L' %)'<)&TP,(&)
X-M(**)!$5(=ML 5+,
)'(3)7)'<)&TP,(&)LA
,#0B:$8&(< 5<$+&<%(
:5C9 !:oo 5 A
&*'(<**&*0B5,(9O(**(b
Copyright: Tài liệu đại học ©