www.saosangsong.com.vn
Năm học 2009-2010
1
NHÁY A 2008.
Thời gian làm bài : 180 phútCâu 1 (2 điểm ). Cho hàm số : y =
22
x +(m +2) x
x
mm
m
+
+
(1)
a) Khảo sát biến thiên và vẽ đồ thị hàm số (1) khi m = 1
b) Tìm m để hai tiệm cận của đồ thị hợp với nhau một góc 45
0
.
Câu 2 (2 điểm ) :
1. Giải phương trình : 4
9
2sin( x)
4
π
+
=
11
5
cos x


Câu 4 (1 điểm ). Cho hình lăng trụ ABC. A’B’C’ có đáy là tam giác vuông tại A, AB = a, AC = a 3.
Biết A’A = A’B = A’C = 2a
a) Tính thể tích lăng trụ .
b) Tính góc của mặt bên BCC’B’ hợp với đáy.

Câu 5 (1 điểm ). Tìm các giá trị của tham số để phương trình sau có 2 nghiệm phân biệt ;

4
4
2x + 2 2x 2 2 5 x 2 5 x m+ ++−+−=

Câu 6 (3 điểm ).
1. Trong mặt phẳng Oxy viết phương trình chính tắc của hypebol biết 2 tiệm cận hợp nhau một góc 60
0

và đường chéo của hình chữ nhật cơ sở có độ dài là
42
.
2. Trong không gian Oxyz cho mặt phẳng (P): 2x – y – z – 7 = 0 và điểm A(1 ; 2 ; - 1)
a) Tìm toạ độ điểm H, hình chiếu của A lên (P).
b) Viết phương trình mặt phẳng (Q) qua A, qua giao điểm B của (P) và Oz và hợp với (P) một
góc nhỏ nhất.
3. Giải bất phương trình :
22
2x 3 x 2
log (2x + x 6) log (2 x 3) 4
−+
− +−≥


x x + x (x +y) =37
(x + y) - x + 17=0
yy y
y
⎧
++
⎪
⎨
⎪
⎩
Đặt u = x
2
+ y và v = x y
2
, ta có :
2
37
17 0
uvuv
uv
++ =
⎧
⎨
− +=
⎩

Thế v = u
2
+ 17 : u + u
2

2
+ 4x + 9) = 0
Ù x = 2 (vì x > 0 do x = 18/y
2
nên x
4
+ 2 x
3
+ 2x
2
+ 4x + 9 > 0)
Suy ra : y = - 3.
Câu 3.
22
/2 /2
22
/3 /3
2
cot x cot x 1
x . .
1
1 2sin x sin x
(2)
sin x
x

I dd
ππ
ππ
==

H
H’
K
I
K
I
a) A’A = A’B = A’C nên hình chiếu H của A’ lên
(ABC) là tâm của đường tròn (ABC) => H là trung
điểm của BC
=> A’H
2
= AA’
2
– AH
2
= 4a
2
– a
2
= 3a
2

=> V =
3
13
.' 3..3
22
ABC
a
SAA aaa==

⎡⎤
⎢⎥
−+−
⎢⎥
⎢⎥
+−
⎣⎦
−
⎣⎦

•

2x + 2 > 5 – x
Ù
x > 1 thì f’(x ) < 0
•

2x + 2 < 5 – x
Ù
x < 1 thì f’(x ) > 0
www.saosangsong.com.vn
Năm học 2009-2010
3
Vậy f’(x ) = 0
Ù
2x + 2 = 5 – x
Ù
x = 1

Ta có BBT: x - 1 1 5

P
K
xx
Hai tiệm cận là bx + ay = 0 và bx – ay = 0
Ta có : cos30
22
0
2||=
22
||1
2
ba
ab
−
==
+
22
ba
−
<=>
22
ab+

Ù

b
hay
2
3
2

6t + 2 – 2 + 1 – 7 = 0
Ù
t = 1 => H = ( 3 ; 1 ; - 2)
b) B = (0 ; 0 ; - 7) . Mặt phẳng (Q) qua AB cắt (P) theo giao tuyến Bx . Kẻ HK vuông góc Bx thì góc
AKH là góc của (Q) và (P).
Ta có : cotAKH = HK/AH. Vì AH không đổi nên góc (P, Q) nhỏ nhất khi cotAKH lớn nhất, tức khi
HK lớn nhất là bằng BH. Khi đó Bx vuông góc với mp(ABH) và (Q) là mp(ABx)
BA
JJJG
= (1 , 2, 6) )
AH
JJJG
= (2 ; - 1; - 1) =>
n
G
(ABH)
= (4 ; 13; - 5) =>
n
G
(Q)
= [
n
G
(ABH)

,
BA
JJJG

] = ( - 88; 29; 5)


* c ≠ 0 : cosα =
2
|5 13|
6 5 24 37
k
kk
+
++
( k = b/c) =
1
.(
6
)
f kwww.saosangsong.com.vn
Năm học 2009-2010
4
f(k) =
2
2
(5 13)
5243
k
kk
+
++
7

Ù
1 + 1/ t + 2 t ≥ 4
x+2
log (2x - 3)
Ù

2
123
124
tt
t
tt
−+
++ ≥<=> ≥
1
0
Ù
t ≥ 1 hay 0 < t ≤ 1/2
Ù
log
x + 2
(2x - 3) ≥ 1 hay 0 < log
x + 2
(2x - 3) ≤ ½ (Chú ý x + 2 > 1 vì x > 3/2)
Ù
2 x – 3 ≥ x + 2 hay 1 < 2 x – 3 ≤
x 2+

Ù
x > 5 hay 2 < x <