Trường THPT chuyên Nguyễn Quang Diêu

1
Boxmath.vn votanhuyNQD_12t LUYỆ N THI ĐẠ I HỌ C 2013
Trường THPT chuyên Nguyễn Quang Diêu

2

D. 3.
Lờ i giả i:
Gọi số
C
trong rượu bằng
m
. Từ dữ kiện đề bài ta có
1
22
26
n
m n m
nm



   





A

Câu 2:
A
là dung dịch
NaOH
1M
và

m
và
2
m
lần lượt là:
A.
1
10,65( )mg
và
2
5,825( )mg
.
B.
1
11,36( )mg
và
2
5,825( )mg
.
C.
1
10,65( )mg
và
2
6,735( )mg
.
D.
1
11,36( )mg
và

H PO
xét tỉ lệ thì có các ion là
24
H PO

và
2
4
:0,05( )HPO mol


Khi đó
2
5,825mg

Câu 3:
Đun hỗn hợp
X
gồm 0,4 mol ancol etylic;0,3 mol ancol propylic;0,2 mol ancol butylic với
24
H SO
đặc
nóng.Sau khi tất cả các ancol đều bị khử nước.Lượng olefin sinh ra làm mất màu vừa đúng 0,2 mol dung
dịch
4
KMnO
.Các phản ứng xảy ra hoàn toàn.Khối lượng nước tạo thành trong sự khử nước trên là:
.5,4( )Ag

.9,9( )Bg

CO
(đktc) vào 100ml dung dịch
2
( ) 1Ca OH M
và
2,5NaOH M
thu được
()ag
kết
tủa. Lọc bỏ kết tủa sau đó sục tiếp
1,5 ( )Vl
khí
2
CO
(đktc) vào. Chờ cho phản ứng xảy ra hoàn toàn rồi
cho
2
BaCl
dư vào dung dịch thì thấy có
2,7125 ( )ag
kết tủa.
()Vl
khí
2
CO
ở trên được điều chế từ
phản ứng giữa
C
và
3

lít
2
CO
và dung dị ch ta được:
2
2 3 2
2CO OH CO H O

  

x (mol) 2x (mol) x(mol)
22
33
Ca CO CaCO



x (mol) x(mol) x (mol) (
TN2:
Khi cho
1,5V
lít
2
CO
vào :
2
23
2CO OH CO




   


Suy ra
0,0914x 

Mặt khác
3 2 2
4 4 2C HNO CO NO HOH   

3
23,0
HNO
m 
(gam)
Trường THPT chuyên Nguyễn Quang Diêu

5
Boxmath.vn votanhuyNQD_12t

TN3: Khi cho
V
lít
2
CO
và dung dị ch ta được:
2
23
2CO OH CO HOH

3
3
:0,1
()
:2,5 0,1
CaCO x
mol
BaCO x







100(0,1 ) 197(2,5 0,1) 2,7125.100 0,08x x x x      

20,16m
(gam)
Câu 5:
X
là hidrocacbon mạch hở chứa không quá 3 liên kết

trong phân tử. Hỗn hợp
Y
gồm
X
và lượng
2
H

tủa là:
A.33,49g.
B. 35,46g.
C. 37,43g
D. 39,4g.
Lờ i giả i:
2 2 2 2 2 2n n k n n
C H kH C H
  


( ) ( ) ( )a mol ka mol a mol

Trường THPT chuyên Nguyễn Quang Diêu

6
Boxmath.vn votanhuyNQD_12t

Hỗn hợp Y
2 2 2
2
:
()
:2
n n k
C H a
mol
H ka




Thỏa mãn
2
4
k
n






Hỗn hợp
46
2
:
()
:4
C H a
Y mol
Ha


Đốt cháy
Z
cũng như đốt cháy
Y



;
2
0,2( )
Ba
n mol



2
3
0,5 0,5
(0,32 ) 0,18
22
CO
n

    
<
2
Ba
n



Khối lượng kết tủa là
0,18.197 35,46( )mg

B

C. 12,48
Trường THPT chuyên Nguyễn Quang Diêu

7
Boxmath.vn votanhuyNQD_12t

D. 6,63
Lờ i gii:
Ta có:
ddM ddKOH
khí
Y
.Vậy dd
M
chứa
43
NH NO

3 3 4 3 2
8 10 8 3K HNO KNO NH NO H O   

( ) ( )
8
x
x mol mol

22
1
2
K H O KOH H  


43
( ) 0,01 0,01 0,16( )
8
NH NO Y
x
n du n x mol     

Vậy
39.(0,16 0,01) 6,63( )mg  

D

Câu 7:
Đun 0,1mol hỗn hợp
X
gồm hai ancol no,đơn chức, mạch hở, đồng đẳng kế tiếp
A
và
B
(
AB
MM
)
với
24
H SO
ở
140
o

Lờ i giả i:
Giả sử
+,TH1: Cả 2 ancol đều phản ứng tách nước với
40H 
%,ta suy ra:
1,43.2
71,5
0,1.0,4
hh
M 
(1)
+,TH2: Cả 2 ancol đều phảm ứng tách nước với
60H 
5 , ta suy ra:
1,43.2
47,66
0,1.0,6
hh
M 
(2)
Từ (1) và (2) ta suy ra 2 ancol là
3 2 5
,A CH OH B C H OH

Tới đây ta gọi
3 2 5
( ), ( )
CH OH C H OH
n x mol n y mol
( số mol ban đầu)


C.
5 11
C H OH

D.
35
C H OH

Lờ i giả i:
dễ dàng nhìn thấy hai ancol no đơn không có
3
CH OH

0,42 0,27
0,05
3
ete
n



Trường THPT chuyên Nguyễn Quang Diêu

9
Boxmath.vn votanhuyNQD_12t

0,27 0,15.2 0,33 0,9
X
n    

hiệu suất tạo anken là
0,27
30%
0,9


ta có
0,15 + 0,3y < y < 0,9 - (0,15 + 0,3x)
<=> 0,15< 0,7y < 0,48
=> 37,17< R<55,13
chọn R = 43 =>
37
C H OH

Câu 9:Thủy phân hết 1 lượng pentapeptit trong môi trường axit thu được 32,88 gam
– – –Ala Gly Ala Gly
; 10,85 gam
––Ala Gly Ala
; 16,24 gam
––Ala Gly Gly
; 26,28 gam
–Ala Gly
; 8,9 gam
Alanin
còn lại là
–Gly Gly
và
Gly xin
. Tỉ lệ số mol
–Gly Gly

0,08
Ala Gly Gly
n


mol;
0,18
Ala Gly
n


mol;
0,1
Alanin
n 
mol
Pentapeptit là
– – –Ala Gly Ala Gly Gly

0,5. 0,5.(2.0,12 2.0,05 0,08 0,18 0,1) 0,35
Pentapeptit Ala
nn      
mol
3. 1,05
Gly Pentapeptit
nn
mol
Sau thủy phân còn lai x mol
–Gly Gly
và y mol

A
qua bình đựng nước brom có hòa tan 11,2 gam. Nước brom mất màu hết ,có 7,392 lit hỗm
hợp khí
B
(đktc) gồm các hidrocacbon thoát ra.Tỉ khối hơi
B
so với hidro bằng
17
7
. Giá trị của m là:
A. 13,97 gam
B. 8,46 gam
C. 25 gam
D. 14,11 gam
Lờ i giả i:
11,2 7,392 117
.42 . .2 13,97( )
160 22,4 7
m g A   

Câu 11:
Cho 24,64 lit hỗn hợp X (27.3
0
C
, 1atm) gồm 3 hidrocacbon. Đốt cháy hoàn toàn hỗn hợp
X
cho sản
phẩm cháy cho hâpf thụ hoàn toàn vào dung dịch
2
()Ca OH

A

Nếu là
B
:
(44 18) 98,6x
tương đương
1,59xn
Suy ra loại vì anken không có chất nào có số
C
nhỏ hơn 2.
Nếu
C
hoặc
D
:
44 18 98,6; 1x y x y   
Tìm ra số nguyên tử
C
trung bình không hợp lí nên cũng
loại.
Câu 12:
Hoà tan hết 35,84g hỗn hợp
23
,Fe Fe O
bằng dung dịch
3
1HNO M
tối thiểu thu đc dung dịch
A


b 2b
33
2 ( ) 3 ( 3)2Fe Fe NO Fe NO  

b 2b 3b
3
Fe Fe

 

Trường THPT chuyên Nguyễn Quang Diêu

12
Boxmath.vn votanhuyNQD_12t

a-b a-b
4,2( ) 3a b b

=>
0,24a 

0,14b 

=>
32
()
0,42
Fe NO
n 

1,8 gam
2
HO
. Mặt khác cho 2,76 gam hỗn hợp phản ứng với 30 ml dung dịch
NaOH
1M
, thu được
0,96 gam ancol. Công thức của
xy
C H COOH
là:
25
.AC H COOH

3
.BCH COOH

23
.C H COOH

35
.DC H COOH

Lờ i giả i:
•Từ số mol của
22
,CO H O
cùng với nhận xét số mol ancol bằng số mol axit ta quy ngay về
2 2 2
0,03( )

Boxmath.vn votanhuyNQD_12t

33
/AgNO NH
thu được kết tủa và 3,584 lít hỗn hợp khí
Z
(đktc) thoát ra khỏi bình. Biết tỉ khối hơi của
Z
đối với
2
H
là 19,5625.Thể tích dung dịch
2
Br
0,5M nhỏ nhất cần dùng để làm no hoàn toàn hỗn hợp
Z
là:
.220( )A ml

.180( )B ml

.240( )C ml

.160( )D ml

Lờ i giả i:
Ta có:
7.82
hh
m gam

CH
ny
mol
26 52 7,82 6,26 1,56xy    
(1)
Ta có: x+y=0,2-0,16=0,04 (2)
Từ (1) và (2) ta có: x=y=0,02
du
n

=0,44-0,23-0,1=0,11=
2
Br
n

2
0,22
Br
V
lit =220 ml
Câu 15:
Tiến hành ba thí nghiệm sau với hỗn hợp
X
gồm
Al
và kim loại
M
có hóa trị không đổi.
Trường THPT chuyên Nguyễn Quang Diêu


Thí nghiệm 3:Hòa tan hoàn toàn 0,5a mol
Al
và
b
mol
M
trong dung dịch
24
H SO
đặc nóng dư thu
được 0,25 mol .
2
SO
là sản phảm khử duy nhất của
6
S

.Kim loại
M
là:
A.
Mg

B.
Zn

C.
Ag

D.

X
và lượng
2
H
gấp đôi lượng cần thiết để hidro hóa hoàn toàn
X
.Cho hỗn hợp
Y
qua
Ni
nung nóng sau phản
ứng thu được
Z
có tỷ khối so với
2
H
là
31
3
.Đốt
m
gam
Z
cần vừa đủ 13,44 lit
2
CO
,hấp thụ hoàn
toàn sản phẩm cháy vào 400ml dung dịch
2
()Ba OH

M
.là
phân tử lượng
X
)
hh
Y
gồm
22nn
CH

1 mol và
2
H
dư k mol ===> mol Y = 1 + k
Khối lượng
Y M 4k
=
2.31
(1 ). 3 62 50
3
k M k   

Với k = 2 ==>
M
= 54 ==> X là
46
CH

==>

= 0,5 và
K

0,1
mol
2
3
CO

= mol
OH

- mol
2
CO
= 0,5 - 0,32 = 0,18 < mol
2
Ba

= 0,2
===>khối lượng kết tủa
3
BaCO
= 197x0,18 = 35,46 ===> câu
B

Câu 17: Hỗn hợp
Z
gồm hai chất đồng phân
X

công thức cấu tạo?
A. 6
B. 7
C. 8
D. 9
Trường THPT chuyên Nguyễn Quang Diêu

16
Boxmath.vn votanhuyNQD_12t

Lờ i giả i:
Công thức
Z
:
n m t
C H O
z mol > nz mol
2
CO
vá 0,5mz mol
2
HO

khối lượng bình NaOH tăng = 44*nz + 9*mz = 328z ==> 44n + 9m = 328 (1)
2 2 3 2
2CO NaOH Na CO H O   

nz nz
2 3 2 3
( ) 2Na CO Ca OH CaCO NaOH   

với (n< 6)
với n = 5 ==> có 8 đồng phân cấu tạo ==> câu
C
.
Câu 18:
Hỗn hợp
X
gồm anđehyt
Y
, axit cacboxilic
Z
, este
T
. Đốt cháy hoàn toàn 0,2 mol
X
cần 0,625 mol
2
O
, thu được 0,525 mol
2
CO
và 0,525 mol
2
HO
. Cho Y trong 0,2 mol X tác dụng với dd
3
AgNO
dư
trong
3

Z
22mm
C H O
b mol và este
T
22pp
C H O

mol hh = a + b + c = 0,2 (1)
Bảo toàn số mol oxy cho phản ứng cháy : a + 2b + 2c + 2*0,625 = 2*0,525 + 1*0,525
Trường THPT chuyên Nguyễn Quang Diêu

17
Boxmath.vn votanhuyNQD_12t

==> a + 2b + 2c = 0,325 (2)
(1), (2) ===> a = 0,075 và b + c = 0,125
===>andehit
Y
2nn
C H O
0,075 mol
Nếu n = 1,
Y
là
HCHO
tráng gương cho 4x0,075 mol
Ag
==>
Ag

Y
thu
được sau phản ứng chứa 92,3 gam muối. Mặt khác cho dung dịch
Y
trên tác dụng với một lượng vừa
đủ dung dịch
NaO H
; cô cạn rồi nung trong không khí đến khối lượng không đổi thì thu được 110,175
gam chất rắn khan.Giá trị của
m
là:
A.25,2 gam.
B.12,6 gam.
C.37,8 gam.
D.16,8gam.
Lờ i giả i:
2
0,15( ); 0,05( )
NO N O
n mol n mol
.
32
33
43
()
()
()
2 3 8 0,15.3 0,05.8 0,3( )
( ) 180 242 80 92,3 0,15( ) 25,2
80( ) 69(2 3 ) 110,175 0,025( )

A
cũng như
B
đều thu được
50%
C
; 5,56%
H
và 44,44%
O
. Lấy hỗn hợp
X
phản ứng vừa đủ với 100 gam dung dịch
NaOH

12%, cô cạn phần dung dịch sau phản ứng thu được phần hơi trong đó hơi nước có khối lượng 88 gam,
phần rắn khan đun với vôi tôi xút được hỗn hợp khí và hơi có tỷ khối so với oxi bằng 0,75. CTCT của
,AB
là
Lờ i giả i:
Trường THPT chuyên Nguyễn Quang Diêu

18
Boxmath.vn votanhuyNQD_12t

Dễ dàng tìm được công thức đơn giản nhất của A, B là
3 4 2
()
n
C H O

Câu 21: Xà phòng hoá hoàn toàn 1kg một loại chất béo gồm triolein và axit béo tự do có chỉ số axit là 7
cần 3,125 mol KOH.Khối lượng xà phòng thu được là:
A. 1080,75 g
B.1083 g
C.733 g
D 896,75 g
Lờ i giả i:
chỉ số axit = 7 => số gam phản ứng trung hòa = 7(g) => n = 7/56 =0,125 => n. =
0,125
=> n. phản ứng tạo glixerol = 3,125 - 0,125 =3 =>n.glixerol = 1
ta có sơ đồ : 1kg CB + 3,125 mol => m xà phò ng + 0,125 + 1 mol glixerol =>m
Câu 22: Hh hơi gồ m , 1 anken, 1 ankin có cù ng số
C
trong phân tử , có tỉ khối so với = 7,8. Sau
khi cho hh qua Ni đun nó ng để phá n ứ ng xả y ra hoà n toà n thì thu đượ c hh mớ i có tỉ kh ối so vớ i hh ban
đầ u là
20
9
. Công thứ c phân tử anken và ankin là :
A/ và
B/ và
C/ và
D/ và
Lờ i giả i:
Giả sử số mol hh ban đầu là 1 mol
1
0,45
20
9
hhsau

26,72
HC
M

ankin
M
26,72
2
ankin
M 


Ankin
22
CH
; Anken:
24
CH


A

Câu 23: cho luồng khí
CO
đi qua ống sứ chứa
a
gam hỗn hợp
A
gồm
23

0,09a b x

Lờ i giả i:
Ta có:
2
16
CO O
ab
nn



32
16
BaCO CO
ab
nn

  
(do
2
()Ba OH
dư)
3
197( )
16
BaCO
ab
mx


vào
Ag
hơ nóng nhẹ
không thấy
Ag
mất ánh kim.Cho tàn đóm đỏ vào
T
thấy bùng cháy.Hỏi
3
O
là khí nào?
.Lờ i giả i:
3 2 2 2
2 ( ) 2KI O X H O O KOH I    

2 2 2
( ) 2 4 ( )F Y H O HF O Z  

2
()O Z Ag
không phản ứng
2
:TO

Đá p á n
A
Câu 25:

thu được 127,8 gam chất
rắn khan .m có giá trị:
A.68,8 gam
B. 74,4 gam
C. 75,2 gam
C. 61,6 gam
Lờ i giả i:
22
0,9 . 0,1 .
Fe Cu
n mol n mol



2
2
( 0 ) 0,25
H
Fe
n d Fe H n mol


  
.
3 2 2
2 2 ;Cu Fe Fe Cu
  
  

32


mA

Câu 26:
Điện phân 200 ml dung dịch gồm
3
AgNO
0,1M và
32
()Cu NO
0,2 M với điện cực trơ, cường độ dòng
điện
5IA
, trong thời gian 19 phút 18 giây. Khối lượng dung dịch sau điện phân giảm
m
gam. Tính
m
, biết hiệu suất điện phân 80%, bỏ qua sự bay hơi của nước.
A. 3,92g B. 3,056 g C. 6,76g D. 3,44g
Lờ i giả i:
Hiệu suất là
80%
=>
0,06.0,8 0,048
e
n 

Ghi phương trình điện phân
=>
0,02

1M
vào
X
thì thu đc
t
gam kết tủa.
-Nếu cho từ từ 300ml dung dịch
HCl
1M
vào
X
thì thu đc
1,25t
gam kết tủa.
Giá trị của m là:
A. 8,76
B. 9,24
C. 12,6
Trường THPT chuyên Nguyễn Quang Diêu

22
Boxmath.vn votanhuyNQD_12t

D. 7,92
Lờ i giả i:
Ta có:
0,2
78
0,12
0,3 2 1,25

thì thu được 235,368 lít khí.(Các khí đo ở điều kiện tiêu chuẩn). Số đồng phân của
X
là:
A. 8.
B. 16.
C. 17.
D. 32.
Lờ i giả i:
Số mol khí thu được = 10,5075mol
Số mol không khí = 11,25mol nên số mol nitơ = 9mol và số mol oxi = 2,25mol
Do đó hỗn hợp khí gồm:
2 2 2
;;CO N O
còn dư
CTTQ của amin đơn chức X:
2 3 2n n k
C H N


=>số mol oxi pư =
   
nx x 0,5n 0,75 – 0,5k x 1,5n 0,75 – 0,5k   
(mol)
=>số mol oxi dư
 
2,25 – x 1,5n 0,75 – 0,5k

=>
 
nx 0,5x 2,25 – x 1,5n 0,75 – 0,5k 1,5 075   

CCl
theo tỉ lệ 1: 2 và cho phản ứng với
33
/AgNO NH
. Đun
nóng
X
với dung dịch
4
KMnO
tới khi hết màu tím, rồi thêm lượng dư dung dịch
HCl
đặc vào hỗn hợp
sau phản ứng thu được axit p-phtalic đồng thời giải phóng khí
2
CO
và
2
Cl
. Xác định CTCT của
X
.
Lờ i giả i:
Dễ dàng tìm ra
X
là
10 10
CH
có
130Mu

thấy thoát ra 1,792 lít
2
H
ở đktc. Xác định CTPT
của chất
A
.
Lờ i giả i:
Từ đề bài ta có thể suy ra một số dữ kiện như sau:
(1)
A
tan tốt trong nước (có thể
A
là chất tác dụng được với
2
HO
)
(2)
A
tạo được môi trường Axit hay Bazo (mạnh) vì hòa tan được kẽm
(3)
A
tạo kết tủa với
2
Ba

nên
A
phải mang ion
2

và
2
3
SO


TH1:
A
là muối axit
4
HSO


Ta thấy
4
HSO

tạo kết tủa với
2
BaCl

Trường THPT chuyên Nguyễn Quang Diêu

24
Boxmath.vn votanhuyNQD_12t

4
0,02
BaSO
n mol


    
LOẠI !
Vì anion (chưa có cation) mà đã lớn hơn
m
ban đầu rồi

TH2: Chất tan là
24
H SO

Ta cũng dựa vào dữ kiện chắc chắn đó là
Zn
dư
2
0,08 0,16
H
H
n mol n mol

  

Vậy
24
0,08
H SO
n mol

* Nếu hòa tan
24

 
x. n 1 0,08
mol (số mol axit
A
tan ra mà thành)
GIẢI RA x=0,01 mol ; n = 7
Vậy công thức của
A
là
2 4 3
.7H SO SO

Trường THPT chuyên Nguyễn Quang Diêu

25
Boxmath.vn votanhuyNQD_12t

Câu 31:
Cho 10,6 gam hỗn hợp
A
gồm một kim loại kiềm
X
và 1 kim loại kiềm thổ
Y
tác dụng hết với 300ml
dung dịch
HCl
1M ( loãng), thu được dung dịch
B
và 5,6 lít khí ( đktc). Dẫn từ từ khí

*
A
gồm toàn KL kiềm
10,6
21,2
0,5
tb
M  

*
A
gồm toàn KL kiềm thổ
10,6
42,4
0,25
tb
M  


Hỗn hợp
A
gồm
Na
và
Ca
với số mol lần lượt là
a
;
b
ta có hệ:

m
gam muối: (Giả sử hiệu suất
phản ứng este hoá là 100%). Giá trị của
m
:
A.10gam
B.16,4gam
C.8,2gam
D.12,3gam